（1）他们在运动中保持距离不变说明二者加速度相同，速度相同，若场强向右则A受向右的电场力和B对A向右的吸引力，B受向左的电场力和A求对B向左的吸引力，二者加速度方向不同，所以场强水平向左．（2）在水平向左的场强中，A球受向左的电场力和向B对它右的吸引力，电场力大于吸引力，B求受向右的电场力和A对它向左的吸引力吸引力...

两小球都带正电，同种电荷互相排斥，故两小球相距会越来越远，根据库仑定律可知库仑力与距离的二次方成反比，故F1、F2逐渐减小，根据牛顿第三定律可知，A对B的库仑力大小为F1与B对A的库仑力大小为F2是作用力与反作用力，故F1=F2．故C正确、ABD错误．故选：C．

两球以沿 轴正方向的初速度 在电场中做类平抛运动，设它们再次到达虚线MN上的位置坐标为 ，在电场中运动的时间为 由运动学公式的： （2分） （2分）且 （2分）解得： ，

解：(1)由牛顿第二定律得： k － F ＝ ma 解得： a ＝ (2)当乙球所受的合力为零，即库仑力大小与恒力 F 相等时，乙球的速度最大，设此时两电荷间的距离为 x ，则有： 解得： x ＝2 l 0

C 试题分析：根据B恰能保持静止可得： ;A做匀速圆周运动，根据A受到的合力提供向心力， ，C做匀速圆周运动， ，联立解得A和C的比荷（电量与质量之比）之比应是 ，故选C．

且P1受电场力不变，由运动学公式，以水平向右为正，则：?v1△t+12a△t2＝v2△t解得：△t＝22mLqE对P2分析：S＝v2△t＝4L3即第二次碰撞时距离O点4L3答：（1）碰撞前小球P1的速度为2qELm．（2）碰撞后小球P2的速度为v03，方向向右．（3）小球P1和小球P2从第一次碰撞到得二次碰撞的时间...

解答：解：（1）设小球P的电量为q、质量为m，P因参与v1运动而受到指向N端的洛伦兹力，其值为：f=qv1BP在管中的运动会使它受到另一个向左的洛伦兹力，此力被管壁施予P向右的力所抵消．P对应有指向N端的加速度： a=fm＝qv1Bm… ①设P从M端到达N端t1，沿管子方向的速度大小为u．则：...

E=12mv2-12m（v2）2=38mv2，故B错误；C、此时感应电动势：E=2Bav2+Bav2=32Bav，线框电流为：I=ER=3Bav2R，由牛顿第二定律得：2BIa+BIa=ma加速度，解得：a加速度=9B2a2v2mR，故C正确；D、此时线框的电功率为：P=I2R=9B2a2v24R，故D错误；题目要求选错误的，故选：ABD．

W=F1x1+F2x2+F3x3，解得：W=4B2L2vR（L-s2）；答：（1）ab边刚进入无磁场区Ⅱ和刚进入磁场区Ⅲ时，通过ab边的电流大小分别为：BLvR、2BLvR，方向：都是从b流向a．（2）把金属框从Ⅰ区域完全拉入Ⅲ区域过程中拉力所做的功为4B2L2vR（L-s2）．

最大值为 ⑦（2）由于系统的电势能与动能之和守恒，且初始状态下系统的电势能为零，所以在系统电势能取得最大值时，系统的动能取得最小值，为 ⑧由于 所以在两球间距仍不小于的运动过程中，系统的电势能总小于系统的动能。在这过程中两种能量的比值的取值范围为 。